DSP - Z 变换求解示例

实施例1

当所有初始条件都为零时，求系统 $s(n+2)-3s(n+1)+2s(n) = \delta (n)$ 的响应。

解- 对上式两边进行 Z 变换，我们得到

$$S(z)Z^2-3S(z)Z^1+2S(z) = 1$$

$\右箭头 S(z)\lbrace Z^2-3Z+2\rbrace = 1$

$\Rightarrow S(z) = \frac{1}{\lbrace z^2-3z+2\rbrace}=\frac{1}{(z-2)(z-1)} = \frac{\alpha _1}{z-2}+\frac{\alpha _2}{z-1}$

$\Rightarrow S(z) = \frac{1}{z-2}-\frac{1}{z-1}$

对上式进行 Z 逆变换，我们得到

$S(n) = Z^{-1}[\frac{1}{Z-2}]-Z^{-1}[\frac{1}{Z-1}]$

$= 2^{n-1}-1^{n-1} = -1+2^{n-1}$

求系统的系统函数 H(z) 和单位样本响应 h(n)，其差分方程描述如下

$y(n) = \frac{1}{2}y(n-1)+2x(n)$

其中，y(n) 和 x(n) 分别是系统的输出和输入。

解- 对上述差分方程进行 Z 变换，我们得到

$y(z) = \frac{1}{2}Z^{-1}Y(Z)+2X(z)$

$= Y(Z)[1-\frac{1}{2}Z^{-1}] = 2X(Z)$

$= H(Z) = \frac{Y(Z)}{X(Z)} = \frac{2}{[1-\frac{1}{2}Z^{-1}]}$

该系统的极点位于 $Z = \frac{1}{2}$ 和 $Z = 0$ 且 $H(Z) = \frac{2}{[1-\frac{1}{2}Z^ {-1}]}$

因此，对上面的 Z 变换进行逆变换，我们得到

$h(n) = 2(\frac{1}{2})^nU(n)$

在以下情况下确定 Y(z),n≥0 -

$y(n)+\frac{1}{2}y(n-1)-\frac{1}{4}y(n-2) = 0\quad 给定\quad y(-1) = y( -2) = 1$

解决方案- 将 Z 变换应用于上述方程，我们得到

$Y(Z)+\frac{1}{2}[Z^{-1}Y(Z)+Y(-1)]-\frac{1}{4}[Z^{-2}Y( Z)+Z^{-1}Y(-1)+4(-2)] = 0$

$\Rightarrow Y(Z)+\frac{1}{2Z}Y(Z)+\frac{1}{2}-\frac{1}{4Z^2}Y(Z)-\frac{1} {4Z}-\frac{1}{4} = 0$

$\Rightarrow Y(Z)[1+\frac{1}{2Z}-\frac{1}{4Z^2}] =\frac{1}{4Z}-\frac{1}{2}$

$\Rightarrow Y(Z)[\frac{4Z^2+2Z-1}{4Z^2}] = \frac{1-2Z}{4Z}$

$\Rightarrow Y(Z) = \frac{Z(1-2Z)}{4Z^2+2Z-1}$